Lowbit Sum

Problem Description

long long ans = 0;
for(int i = 1; i <= n; i ++)
ans += lowbit(i)
lowbit(i)的意思是将i转化成二进制数之后，只保留最低位的1及其后面的0，截断前面的内容，然后再转成10进制数
比如lowbit(7),7的二进制位是111，lowbit(7) = 1
6 = 110(2),lowbit(6) = 2,同理lowbit(4) = 4,lowbit(12) = 4,lowbit(2) = 2,lowbit(8) = 8

每输入一个n，求ans

Input

Output

Sample Input

1
2
3

Sample Output

1
3
4

大致题意：中文的，都能看懂吧。。。

解题思路：这里利用了数论的一些小技巧，关于lowbit的规律。我发现这类题数论题上来直接暴力严重超时的，一般来说都有规律！！！

开始做的时候直接暴力打表，结果打个表都跑了十几秒，还是算了。。。

然后就潜心于找规律了，先随便输出了从1开始的几个连续数的lowbit值，还没啥感觉，后来又多输出了几组，才渐渐发现了规律――奇数的lowbit都是1；偶数的lowbit是先增后减的而且还是对称的，并且从两边向中间看的话，都是公比为2的等比数列。这样就可以计算了。如果n为偶数，偶数的可以转化为2*dp[n/2]，然后再加上奇数的n/2个1，就可以了； n为奇数时，偶数的还是转化成2*dp[n/2]，但是奇数的现在不是n/2个了,而是n/2 + 1个了。要想方便的总结一下，就可以写成dp[n] = 2*dp[n/2] + n/2 + (n%2)；但是最近又发现了一种新的写法，那就是位运算的写法，位运算也可以实现乘除，而且比乘除运算要快，当然也能判别一个数的奇偶，可能是因为计算机本来就只能识别0和1的缘故吧，这些位运算就是直接对二进制数操作，所以更快。于是状态转移方程就可以写成dp[n] = 2*dp[n>>1] + (n>>1) + (n&1).

AC代码：

#include 
  
   
#include 
   
     #include 
    
      using namespace std; long long dp(int x){ if(x == 1) return 1; return 2*dp(x>>1) + (x>>1) + (x&1); } int main(){ #ifndef ONLINE_JUDGE freopen("in.txt","r",stdin); #endif int n; while(~scanf("%d",&n)){ printf("%lld\n", dp(n)); } return 0; }